一名优秀负责的教师就要对每一位学生尽职尽责,作为教师就要好好准备好一份教案课件。教案可以让讲的知识能够轻松被学生吸收,帮助教师有计划有步骤有质量的完成教学任务。那么一篇好的教案要怎么才能写好呢?以下是小编为大家精心整理的“20xx高考物理复习知识点:热力学定律能量守恒”,仅供参考,希望能为您提供参考!
20xx高考物理复习知识点:热力学定律能量守恒
高考物理复习知识点:热力学定律能量守恒
一、选择题(本题共6小题,共48分)
1.已知某气体的摩尔体积为VA,摩尔质量为MA,阿伏加德罗常数为NA,则根据以上数据可以估算出的物理量是()
A.分子质量B.分子体积
C.分子密度D.分子间平均距离
解析:根据m=MANA可知选项A正确;由于气体分子间距很大,故无法求出分子的体积和密度,选项B、C错误;由V=VANA=d3可知选项D正确.
答案:AD
2.如图1-13所示为两分子间距离与分子势能之间的关系图象,则下列
说法中正确的是()
A.当两分子间距离r=r1时,分子势能为零,分子间相互作用的引力
和斥力也均为零
B.当两分子间距离r=r2时,分子势能最小,分子间相互作用的引力
和斥力也最小
C.当两分子间距离r
斥力也增大
D.当两分子间距离rr2时,随着r的增大,分子势能增大,分子间相互作用的引力和斥力也增大
解析:当两分子间距离r=r1时,分子势能为零,但rr2时,由图象可以看出分子势能随着r的增大而增大,而分子间相互作用的引力和斥力逐渐减小,选项D错误.
答案:C
3.下列说法中正确的是()
A.给轮胎打气的过程中,轮胎内气体内能不断增大
B.洒水车在不断洒水的过程中,轮胎内气体的内能不断增大
C.太阳下暴晒的轮胎爆破,轮胎内气体内能减小
D.拔火罐过程中,火罐能吸附在身体上,说明火罐内气体内能减小
解析:给轮胎打气的过程中,轮胎内气体质量增加,体积几乎不变,压强增加,温度升高,内能增加,选项A正确;洒水车内水逐渐减小,轮胎内气体压强逐渐减小,体积增大,对外做功,气体内能减小,选项B错误;轮胎爆破的过程中,气体膨胀对外做功,内能减小,选项C正确;火罐内气体温度逐渐降低时,内能减小,选项D正确.
答案:ACD
4.根据热力学定律和分子动理论,可知下列说法正确的是()
A.可以利用高科技手段,将流散到环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化
B.理想气体状态变化时,温度升高,气体分子的平均动能增大,气体的压强可能减小
C.布朗运动是液体分子的运动,温度越高布朗运动越剧烈
D.利用浅层海水和深层海水之间的温度差可以制造一种热机,将海水的一部分内能转化为机械能,这在原理上是可行的
解析:根据热力学第二定律知机械能可以完全转化为内能,而内能向机械能的转化是有条件的,A项错.温度是分子平均动能的标志,温度越高,分子平均动能越大,而气体压强大小宏观上取决于气体的温度与体积,温度升高,若体积增大,气体的压强可能减小,B项正确.布朗运动是布朗颗粒的运动而非液体分子的运动,但它反映了液体分子运动的无规则性,温度越高,布朗运动越显著,C项错误.利用浅层海水和深层海水之间的温度差可以制造一种热机,将海水的一部分内能转化为机械能,理论上满足热力学第一、第二定律,这在原理上是可行的,D项正确.
答案:BD
5.下面关于分子力的说法中正确的有()
A.铁丝很难被拉长,这一事实说明铁分子间存在引力
B.水很难被压缩,这一事实说明水分子间存在斥力
C.将打气管的出口端封住,向下压活赛,当空气被压缩到一定程度后很难再压缩,这一事实说明这时空气分子间表现为斥力
D.磁铁可以吸引铁屑,这一事实说明分子间存在引力
解析:逐项分析如下
选项诊断结论
A原来分子间距r等于r0,拉长时rr0,表现为引力√
B压缩时r
C压缩到一定程度后,空气很难再压缩,是气体分子频繁撞击活塞产生的气体压强增大的结果×
D磁铁吸引铁屑是磁场力的作用,不是分子力的作用×
答案:AB
6.电冰箱的制冷设备是用机械的方式制造人工低温的装置,压缩机工作时,强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环,实现制冷作用,那么下列说法中正确的是()
A.打开冰箱门让压缩机一直工作,可使室内温度逐渐降低
B.在电冰箱的内管道中,制冷剂迅速膨胀并吸收热量
C.在电冰箱的外管道中,制冷剂被剧烈压缩放出热量
D.电冰箱的工作原理违背了热力学第二定律
解析:电冰箱工作过程中,消耗电能的同时部分电能转化为内能,故室内温度不可能降低,选项A错误;制冷剂在内管道膨胀吸热,在外管道被压缩放热,选项B、C正确;电冰箱的工作原理并不违背热力学第二定律,选项D错误.
答案:BC
二、非选择题(本题共6小题,共52分)
7.某同学学到分子动理论后,想估算一瓶纯净水所包含的水分子数目,已知一瓶纯净水的体积是600mL,则所含水分子的个数约为________个.(结果保留1位有效数字,已知水的摩尔质量为18g/mol,阿伏加德罗常数取6.0×1023mol-1)
解析:根据m=ρV及n=mM×NA解得:n=2×1025个.
答案:2×1025
8.将下列实验事实与产生的原因对应起来
A.水与酒精混合体积变小
B.固体很难被压缩
C.细绳不易拉断
D.糖在热水中溶解得快
E.冰冻食品也会变干
a.固体分子也在不停地运动
b.分子运动的剧烈程度与温度有关
c.分子间存在引力
d.分子间存在斥力
e.分子间存在着空隙
它们的对应关系分别是:A-________;B-________;C-________;D-________;E-________(在横线上填上与实验事实产生原因前后对应的符号).
答案:edcba
9.用油膜法估测分子大小的实验步骤如下:
①向体积为V1的纯油酸中加入酒精,直到油酸酒精溶液总量为V2;
②用注射器吸取上述溶液,一滴一滴地滴入小量筒,当滴入n滴时体积为V0;
③先往边长为30~40cm的浅盘里倒入2cm深的水;
④用注射器往水面上滴一滴上述溶液,等油酸薄膜形状稳定后,将事先准备好的玻璃板放在浅盘上,并在玻璃板上描出油酸薄膜的形状;
⑤将画有油酸薄膜轮廓形状的玻璃板,放在画有许多边长为a的小正方形的坐标纸上;
⑥计算出轮廓范围内正方形的总数为N,其中不足半个格的两个格算一格,多于半个格的算一格.
上述实验步骤中有遗漏和错误,遗漏的步骤是____________________;错误的步骤是____________________(指明步骤,并改正),油酸分子直径的表达式d=________.
解析:本题考查的是用油膜法测分子直径,意在考查学生对单分子油膜的理解和粗略估算能力.本实验中为了使油膜不分裂成几块,需在水面上均匀撒上痱子粉;由于本实验只是一种估算,在数油膜所覆盖的坐标格数时,大于半个格的算一个格,少于半个格的舍去;油酸溶液在水面上充分扩散后形成一层单分子油膜,油膜厚度可看成分子直径,由题意可知,油酸溶液的浓度为V1/V2,一滴油酸溶液的体积为V0/n,一滴油酸溶液中含纯油酸体积为V1V0nV2,一滴油酸溶液形成的油膜面积为Na2,所以油膜厚度即分子直径d=V1V0NV2a2n.
答案:将痱子粉均匀撒在水面上错误的步骤是⑥,应该是不足半个格的舍去,多于半个格的算一格V1V0NV2a2n
10.(1)下列说法正确的是________.
A.空中下落的雨滴呈球形是因为液体有表面张力
B.布朗运动表明了分子越小,分子运动越剧烈
C.由能的转化和守恒定律知道,能源是不会减少的
D.液晶既有液体的流动性,又有光学性质的各向异性
(2)如图1-14所示,一个绝热活塞将绝热容器分成A、B两部分,用控制阀K固定活塞,保持A体积不变,给电热丝通电,则此过程中气体A的内能________,温度________;拔出控制阀K,活塞将向右移动压缩气体B,则气体B的内能________.
解析:(1)布朗运动表明了固体颗粒越小,液体温度越高,液体分子运动越剧烈,B错误;由能的转化和守恒定律知道,能量是守恒的,但能源是会不断减少的,能量与能源的意义不同,C错误.
(2)给电热丝通电,A容器温度升高,气体内能增加;拔出控制阀K,活塞将向右移动压缩气体B,对B做正功,气体B的内能增加.
答案:(1)AD(2)增加升高增加
11.一定质量的理想气体在某一过程中,外界对气体做功1.7×105J,气体内能减少
1.3×105J,则此过程中气体________(填吸收或放出)的热量是________J.此后,保持气体压强不变,升高温度,气体对外界做了5.0×105J的功,同时吸收了
6.0×105J的热量,则此过程中,气体内能增加了________J.
解析:根据热力学第一定律得:W=1.7×105J,ΔU=-1.3×105J,代入ΔU=W+Q可得,Q=-3.0×105J,Q为负值,说明气体要放出热量,放出的热量为3.0×105J;同理W=-5×105J,Q=6×105J,ΔU=W+Q=1.0×105J,即内能增加了1.0×105J.
答案:放出3.0×1051.0×105
12.某学习小组做了如下实验:先把空的烧瓶放入冰箱冷冻,取出烧瓶,
并迅速把一个气球紧套在烧瓶颈上,封闭了一部分气体,然后将
烧瓶放进盛满热水的烧杯里,气球逐渐膨胀起来,如图1-15所
示.
(1)在气球膨胀过程中,下列说法正确的是________.
A.该密闭气体分子间的作用力增大
B.该密闭气体组成的系统熵增加
C.该密闭气体的压强是由于气体重力而产生的
D.该密闭气体的体积是所有气体分子的体积之和
(2)若某时刻该密闭气体的体积为V,密度为ρ,平均摩尔质量为M,阿伏加德罗常数为NA,则该密闭气体的分子个数为________.
(3)若将该密闭气体视为理想气体,气球逐渐膨胀起来的过程中,气体对外做了0.6J的功,同时吸收了0.9J的热量,则该气体内能变化了________J;若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈,则该气球内气体的温度________(填升高、降低或不变).
解析:(1)一切自然过程中,一个孤立系统的总熵不会减少,B正确;气球膨胀分子间的距离增大,分子间的作用力减小,A错误;气体的压强是由于气体分子频繁的撞击容器壁产生的,C错误;因气体分子之间存在间隙,所以密闭气体的体积大于所有气体分子的体积之和,D错误.
(2)该密闭气体的分子个数为n=ρVMNA.
(3)根据热力学第一定律ΔU=W+Q得:ΔU=-0.6J+0.9J=0.3J;气球在膨胀过程中对外界做功,气球内气体的温度必降低.
答案:(1)B(2)ρVMNA(3)0.3降低
俗话说,磨刀不误砍柴工。作为教师准备好教案是必不可少的一步。教案可以让学生更好的吸收课堂上所讲的知识点,帮助教师缓解教学的压力,提高教学质量。你知道怎么写具体的教案内容吗?下面是小编精心收集整理,为您带来的《20xx高三物理考点解析:热力学定律与能量守恒》,仅供参考,欢迎大家阅读。
20xx高三物理考点解析:热力学定律与能量守恒
考点45热力学定律与能量守恒
考点名片
考点细研究:热力学第一定律、能量守恒定律、热力学第二定律等。其中考查到的如:20xx年全国卷第33题(1)、20xx年全国卷第33题(1)、20xx年北京高考第13题、20xx年全国卷第33题(2)、20xx年全国卷第33题(2)、20xx年重庆高考第10题(2)、20xx年江苏高考第12题A(3)、20xx年全国卷第33题、20xx年重庆高考第10题、20xx年山东高考第37题、20xx年山东高考第36题、20xx年北京高考第13题等。
备考正能量:本考点为高考的重点内容。热力学定律和能量守恒定律是物理学的基础内容,是高考的热点内容之一。考查重点是对热力学定律、能量守恒定律的理解和计算以及对功、热和内能的认识等。主要题型为选择题、计算题,其中选择题多为中等难度题。
一、基础与经典
1.如图所示,内壁光滑的气缸水平放置,一定质量的理想气体被活塞密封在气缸内,外界大气压强为p0。现对气缸缓慢加热,气体吸收热量Q后,体积由V1增大为V2。则在此过程中()
A.气体分子平均动能增大
B.气体分子平均动能不变
C.气体分子平均动能减小
D.气体内能变化了Q+p0(V2-V1)
答案A
解析气体等压膨胀,由=C,体积V增大,故温度T升高;温度是分子热运动平均动能的标志,温度升高,气体分子平均动能增大,故选项A正确,B、C错误;根据热力学第一定律得:ΔU=Q+W,而W=-p0SΔL=-p0ΔV=-p0(V2-V1),所以气体内能变化了ΔU=Q-p0(V2-V1),故选项D错误。
2.下列关于热现象的描述正确的一项是()
A.根据热力学定律,热机的效率可以达到100%
B.做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的
C.温度是描述热运动的物理量,一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同
D.物体由大量分子组成,其单个分子的运动是无规则的,大量分子的运动也是无规律的
答案C
解析热机不可能将内能全部转化为机械能,其效率不可能达到100%,A错误。做功是通过能量转化的方式改变内能,而热传递是通过内能转移改变内能,B错误。单个分子的运动无规则,但大量分子的运动符合统计规律,D错误。C的说法是正确的。
3.关于热力学定律和分子动理论,下列说法正确的是()
A.一定量气体吸收热量,其内能一定增大
B.不可能使热量由低温物体传递到高温物体
C.若两分子间距离增大,分子势能一定增大
D.若两分子间距离减小,分子间引力和斥力都增大
答案D
解析热力学第一定律指出改变物体内能的方式有做功和热传递,A错误。热力学第二定律指出热量不能自发地由低温物体传到高温物体,但借助外界可以实现热量由低温物体传到高温物体,如电冰箱、空调等,B错误。若分子间距小于r0,分子势能随分子间距的增大而减小,若分子间距大于r0,分子势能随分子间距的增大而增大,C错误。分子间的引力和斥力都随分子间距的减小而增大,D正确。
4.关于热量、功和内能三个物理量,下列说法中正确的是()
A.热量、功和内能三者的物理意义相同,只是说法不同
B.热量、功都可以作为物体内能变化的量度
C.热量、功和内能的单位不同
D.功由过程决定,而热量和内能由物体的状态决定
答案B
解析热量、功和内能是三个不同的物理量,它们的物理意义不同,故A错误;功与热量都是能量转化的量度,热量和功都可以作为物体内能变化的量度,故B正确;热量、功和内能的单位相同,都是焦耳,故C错误;功和热量由过程决定,内能由物体的状态决定,故D错误。
5.在水池中,一个气泡从池底浮起,此过程可认为气泡的温度不变,气泡内气体视为理想气体。则()
A.外界对气泡做功,同时气泡吸热
B.外界对气泡做功,同时气泡放热
C.气泡对外界做功,同时气泡吸热
D.气泡对外界做功,同时气泡放热
答案C
解析随着气泡的上升,压强减小,因为温度不变,根据=C,所以体积增大,气泡对外做功;根据ΔU=W+Q温度不变,所以ΔU=0,W0,所以Q0,即气泡吸热,选项C正确。
6.如图所示,某种自动洗衣机进水时,与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气,通过压力传感器感知管中的空气压力,从而控制进水量。设温度不变,洗衣缸内水位升高,则细管中被封闭的空气()
A.放热
B.压强减小
C.分子的热运动加剧
D.分子间的引力和斥力都减小
答案A
解析温度不变,洗衣缸内水位升高时,封闭气体压强增大,体积减小,外界对气体做功,W0,又因ΔU=0,由ΔU=W+Q知,Q0,即气体放出热量,A正确,B错误。因为温度不变,C错误。因为气体体积减小,所以分子间的引力和斥力都增大,D错误。
7.(多选)下列叙述和热力学定律相关,其中正确的是()
A.第一类永动机不可能制成,是因为违背了能量守恒定律
B.能量耗散过程中能量不守恒
C.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界,违背了热力学第二定律
D.能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性
E.物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功
答案ADE
解析第一类永动机是指不消耗能量却可以不断对外做功的机器,违背了能量守恒定律,A正确;能量耗散过程中能量仍是守恒的,B错误;电冰箱在电机做功情况下,不断地把冰箱内的热量传到外界,没有违背热力学第二定律,C错误;能量耗散具有方向性,D正确;物体在引起其他变化时可以从单一热源吸收热量并全部用于做功,E正确。
8.(多选)如图所示,导热的汽缸固定在水平地面上,用活塞把一定质量的理想气体封闭在汽缸中,汽缸的内壁光滑。现用水平外力F作用于活塞杆,使活塞缓慢地向右移动,由状态变化到状态,在此过程中,如果环境温度保持不变,下列说法正确的是()
A.气体分子平均动能不变
B.气体内能减少
C.气体吸收热量
D.气体内能不变,却对外做功,此过程违反热力学第一定律,不可能实现
E.气体是从单一热源吸热,全部用来对外做功,但此过程不违反热力学第二定律
答案ACE
解析汽缸是导热的,封闭汽缸气体的温度始终与环境温度相同,保持不变,而温度是分子平均动能的标志,故A正确;一定质量的理想气体的内能仅仅与温度有关,内能不变,B错误;气体内能不变,对外做功,根据热力学第一定律ΔU=W+Q,可知气体吸收热量,C正确;气体是从单一热源吸热,全部用来对外做功,同时伴随着外力F的作用,即引起了其他的变化,所以此过程不违反热力学第二定律,E正确,D错误。
9.(多选)如图所示,在活塞可自由移动的竖直放置的汽缸中,将一个热敏电阻(电阻率随温度升高而减小)R置于汽缸中,热敏电阻与容器外的电源E和电流表组成闭合回路,电路中的电流很小,电阻R上产生的热量可以不计。汽缸中封闭一定质量的气体(不计分子间的作用力,外界大气压恒定不变),在某一段时间内电流表的读数逐渐增大,则在这段时间内汽缸中气体()
A.压强增大B.分子平均动能增大
C.向外界放热D.对外界做功
答案BD
解析汽缸中气体的压强p=p0+恒定不变,选项A错误;电流表的读数逐渐增大,说明热敏电阻的阻值减小,汽缸中气体的温度增大,所以气体分子平均动能增大,选项B正确;汽缸中气体的温度增大,压强不变,根据=C(常数)可知,气体的体积增大,即气体对外界做功,选项D正确;温度增大,说明气体的内能增大,又气体对外界做功,根据热力学第一定律可知,气体要从外界吸收热量,选项C错误。本题答案为BD。
10.(多选)如图,水平放置的密封汽缸内的气体被一竖直隔板分隔为左右两部分,隔板可在汽缸内无摩擦滑动,右侧气体内有一电热丝。汽缸壁和隔板均绝热。初始时隔板静止,左右两边气体温度相等。现给电热丝提供一微弱电流,通电一段时间后切断电源。当缸内气体再次达到平衡时,与初始状态相比()
A.右边气体温度升高,左边气体温度不变
B.左右两边气体温度都升高
C.左边气体压强增大
D.右边气体内能的增加量等于电热丝产生的热量
答案BC
解析由于汽缸和活塞都绝热,没有热传递。当电热丝通电后,右边的气体温度升高,压强增大,而左边压强不变,右边气体对隔板的压力大于左边,将隔板向左推,压缩左边的气体做功,根据热力学第一定律,左边气体内能增加,气体的温度升高,根据气体实验定律,左边的气体压强增大,A错误,B、C正确;由于右边气体通过活塞对左边气体做功要消耗内能,右边气体内能的增加值为电热丝产生的热量减去对左边气体所做的功,D错误。
二、真题与模拟
11.20xx·全国卷](多选)关于热力学定律,下列说法正确的是()
A.气体吸热后温度一定升高
B.对气体做功可以改变其内能
C.理想气体等压膨胀过程一定放热
D.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
E.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡,那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡
答案BDE
解析只知道气体吸收热量,不明确做功情况,无法判断内能变化,A错误。做功可以改变物体的内能,B正确。等压膨胀过程,体积增大,温度升高,在对外做功的情况下内能增加,因此一定吸热,C错误。D是热力学第二定律的一种表述,D正确。E是热平衡定律,E正确。
12.20xx·全国卷](多选)一定量的理想气体从状态a开始,经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态,其pT图象如图所示,其中对角线ac的延长线经过原点O。下列判断正确的是()
A.气体在a、c两状态的体积相等
B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能
C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功
D.在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功
E.在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功
答案ABE
解析在pT图象中过原点的倾斜直线都是等容线,a、c在同一等容线上,体积相等,A正确。一定质量的理想气体,分子数确定,不计分子势能,因此内能只与温度有关,由图象知TaTc,B正确。根据热力学第一定律ΔU=W+Q可知,在c→d中T不变,即ΔU=0,W=-Q,即向外界放出的热量等于外界对气体做的功,C错误。d→a中,温度升高,ΔU0,由p不变,T升高,可知V增大,W0,Q=ΔU+|W|,可见气体从外界吸收的热量大于气体对外界做的功,D错误。b→c为等压变化,有=,外界对气体做功Wbc=pc(Vb-Vc)=(Tb-Tc)。d→a为等压变化,有=,气体对外界做功Wda=pa(Va-Vd)=(Ta-Td),由=及Tb-Tc=Ta-Td可知,Wbc=Wda,E正确。
13.20xx·北京高考]下列说法正确的是()
A.物体放出热量,其内能一定减小
B.物体对外做功,其内能一定减小
C.物体吸收热量,同时对外做功,其内能可能增加
D.物体放出热量,同时对外做功,其内能可能不变
答案C
解析由热力学第一定律ΔU=W+Q可知,若物体放出热量,如果外界对物体做正功,则ΔU不一定为负值,即内能不一定减少,故A项错误;同理可分析出,B项和D项错误,C项正确。
14.20xx·全国卷](多选)一定量的理想气体从状态a开始,经历三个过程ab、bc、ca回到原状态,其pT图象如图所示。下列判断正确的是()
A.过程ab中气体一定吸热
B.过程bc中气体既不吸热也不放热
C.过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热
D.a、b和c三个状态中,状态a分子的平均动能最小
E.b和c两个状态中,容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同
答案ADE
解析对封闭气体,由题图可知a→b过程,气体体积V不变,没有做功,而温度T升高,则为吸热过程,A项正确。b→c过程为等温变化,压强减小,体积增大,对外做功,则为吸热过程,B项错误。c→a过程为等压变化,温度T降低,内能减少,体积V减小,外界对气体做功,依据W+Q=ΔU,外界对气体所做的功小于气体所放的热,C项错误。温度是分子平均动能的标志,Tapc,显然E项正确。
15.20xx·重庆高考]重庆出租车常以天然气作为燃料。加气站储气罐中天然气的温度随气温升高的过程中,若储气罐内气体体积及质量均不变,则罐内气体(可视为理想气体)()
A.压强增大,内能减小
B.吸收热量,内能增大
C.压强减小,分子平均动能增大
D.对外做功,分子平均动能减小
答案B
解析储气罐中气体体积不变,气体不做功,当温度升高时,气体压强增大,气体内能增大,分子平均动能增大;由热力学第一定律可知,气体一定吸热,故选项B正确。
16.20xx·河北邯郸模拟](多选)关于一定量的气体,下列说法正确的是()
A.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积,而不是该气体所有分子体积之和
B.只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度,气体的温度就可以降低
C.在完全失重的情况下,气体对容器壁的压强为零
D.气体从外界吸收热量,其内能一定增加
E.气体在等压膨胀过程中温度一定升高
答案ABE
解析气体分子间有间隙,气体体积为气体分子所能到达的空间的体积,A正确。气体分子热运动的剧烈程度为气体温度的微观解释,B正确。气体压强是由于气体分子频繁碰撞容器壁引起的,与重力无关,C错误。由热力学第一定律ΔU=Q+W可知,D错误。由盖—吕萨克定律,等压过程中=C,由于V增大,则T增大,E正确。
17.20xx·浙江质检]某未密闭房间内的空气温度与室外的相同,现对该室内空气缓慢加热,当室内空气温度高于室外空气温度时()
A.室内空气的压强比室外的小
B.室内空气分子的平均动能比室外的大
C.室内空气的密度比室外的大
D.室内空气对室外空气做了负功
答案B
解析室内和室外是相通的,故气体压强相同,A错误。温度是分子平均动能的标志,室内空气温度高则分子平均动能大,B正确。根据压强的微观解释知,室内、外气体压强一样,室内的分子平均动能大,则单位体积内的分子数少,密度小,C错误。室内气体相当于等压膨胀,对外界做正功,D错误。
18.20xx·河北石家庄一模](多选)以下说法正确的是()
A.影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距
B.功转变为热的实际宏观过程一定是可逆过程
C.用油膜法估测分子直径的实验中,把用酒精稀释过的油酸滴在水面上,待测油酸面扩散后又收缩的原因是水面受油酸滴冲击凹陷后恢复以及酒精挥发后液面收缩
D.液晶具有液体的流动性又具有晶体的各向异性,从某个方向看其分子排列比较整齐,但从另一方向看,分子的排列是杂乱无章的
E.温度高的物体分子平均动能和内能一定大
答案ACD
解析影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距,差距越大蒸发越快,人们感觉干燥,差距越小蒸发越慢,人们感觉空气潮湿,A正确。功转变为热的实际宏观过程是不可逆的,B错误。由实验过程知,C正确。液晶的特点就是液晶既具有液体的流动性又具有晶体的各向异性,从某个方向看其分子排列比较整齐,但从另一方向看,分子的排列是杂乱无章的,D正确。温度是分子平均动能的标志,内能由平均动能、势能和分子数共同决定,E错误。
19.20xx·广西调研](多选)如图所示是一定质量的理想气体的体积V和摄氏温度t变化关系的Vt图象,气体由状态A变化到状态B的过程中,下列说法正确的是()
A.气体的内能增大
B.气体的内能不变
C.气体的压强减小
D.气体的压强不变
E.气体对外做功,同时从外界吸收能量
答案ACE
解析由题图可知,理想气体从状态A到状态B的过程中,温度升高,内能增大,故A正确,B错误;在Vt图象中等压线是延长线过-273.15的直线,斜率越大,压强越小,如图所示,气体从状态A到状态B的过程中,压强减小,故C正确,D错误;从状态A到状态B,体积增大,气体对外做功,W0,温度升高,内能增大,ΔU0,根据热力学第一定律ΔU=W+Q,可知Q0,即气体从外界吸收热量,故E正确。
20.20xx·石家庄质检](多选)下列说法正确的是()
A.液面上部的蒸汽达到饱和时就不会有液体分子从液面飞出
B.质量相等的80℃的液态萘和80℃的固态萘相比,具有不同的分子势能
C.单晶体的某些物理性质表现为各向异性,多晶体和非晶体的物理性质表现为各向同性
D.液体表面层分子的势能比液体内部分子的势能大
E.理想气体等温膨胀时从单一热源吸收的热量可以全部用来对外做功,这一过程违反了热力学第二定律
答案BCD
解析蒸汽达到饱和是一种动态平衡,同一时间内进出液体的分子数量相等,不是没有分子飞出,A错误。内能是物体内所有分子的动能和分子势能的总和,质量相等的同种物质,则分子数相同;温度相同,即总动能相等;由于物态不同,内能不同,一定是分子势能不同,选项B正确。多晶体由于各个小晶粒的取向杂乱无章,整体不表现出方向性,显示各向同性,选项C正确。液体表面层分子间的距离比液体内部的分子间距略大一些,分子间的势能较大,选项D正确。热力学第二定律表示热机不能从单一热源吸收热量全部用来对外做功而不造成其他影响,而理想气体等温膨胀时,吸收的热量虽然全部用于对外做功了,但造成了其他的影响(与外界有热交换,向外界传递了一部分热量),所以并不能说这个过程违反了热力学第二定律,选项E错误。
一、基础与经典
21.如图所示pV图中,一定质量的理想气体由状态A经过ACB过程至状态B,气体对外做功280J,吸收热量410J;气体又从状态B经BDA过程回到状态A,这一过程中外界对气体做功200J。
(1)ACB过程中气体的内能如何变化?变化了多少?
(2)BDA过程中气体吸收还是放出多少热量?
答案(1)内能增加130J(2)放出热量330J
解析(1)ACB过程中W1=-280J,Q1=+410J,
由热力学第一定律UB-UA=W1+Q1=130J,
气体内能的增加量为130J。
(2)因为一定质量理想气体的内能只是温度的函数,BDA过程中气体内能变化量UA-UB=-130J,
由题知W2=200J,由热力学第一定律得UA-UB=W2+Q2,解得Q2=-330J,即放出热量330J,气体一定放出热量。
22.某地的平均风速为5m/s,空气密度是1.2kg/m3。有一风车,它的车叶转动时可形成半径为12m的圆面,如果这个风车能将此圆内10%的气流的动能转变为电能,则该风车带动的发电机功率是多大?
答案3.4kW
解析在时间t内作用于风车的气流质量为m=ρV=ρπr2vt,这些气流的动能为mv2,
转变成的电能为E=mv2×10%,
故风车带动的发电机功率为P==πr2ρv3×10%,
代入数据得P=3.4kW。
二、真题与模拟
23.20xx·江苏高考](1)在高原地区烧水需要使用高压锅。水烧开后,锅内水面上方充满饱和汽。停止加热,高压锅在密封状态下缓慢冷却。在冷却过程中,锅内水蒸气的变化情况为________。
A.压强变小B.压强不变
C.一直是饱和汽D.变为未饱和汽
(2)如图甲所示,在斯特林循环的pV图象中,一定质量理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A,整个过程由两个等温和两个等容过程组成。B→C的过程中,单位体积中的气体分子数目________(选填“增大”“减小”或“不变”)。状态A和状态D的气体分子热运动速率的统计分布图象如图乙所示,则状态A对应的是________(选填“”或“”)。
(3)如图甲所示,在A→B和D→A的过程中,气体放出的热量分别为4J和20J。在B→C和C→D的过程中,气体吸收的热量分别为20J和12J。求气体完成一次循环对外界所做的功。
答案(1)AC(2)不变(3)8J
解析(1)高压锅在密封的状态下缓慢冷却,在冷却过程中气体发生等容变化,温度降低,压强变小,A正确,B错误。锅内始终处于饱和汽状态,C正确,D错误。
(2)气体在从B→C的过程中,气体的体积不变,因此单位体积中气体分子数目不变。从状态D到状态A,气体的体积不变,压强减小,温度降低,因此A状态对应的是图。
(3)气体循环一次内能不变,ΔU=0,吸收的热量Q=(20+12-4-20)J=8J。根据热力学第一定律ΔU=Q+W,得W=-8J,气体对外做功8J。
24.20xx·全国卷]如图,一固定的竖直汽缸由一大一小两个同轴圆筒组成,两圆筒中各有一个活塞。已知大活塞的质量为m1=2.50kg,横截面积为S1=80.0cm2;小活塞的质量为m2=1.50kg,横截面积为S2=40.0cm2;两活塞用刚性轻杆连接,间距保持为l=40.0cm;汽缸外大气的压强为p=1.00×105Pa,温度为T=303K。初始时大活塞与大圆筒底部相距,两活塞间封闭气体的温度为T1=495K。现汽缸内气体温度缓慢下降,活塞缓慢下移。忽略两活塞与汽缸壁之间的摩擦,重力加速度大小g取10m/s2。求:
(1)在大活塞与大圆筒底部接触前的瞬间,缸内封闭气体的温度;
(2)缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时,缸内封闭气体的压强。
答案(1)330K(2)1.01×105Pa
解析(1)设初始时气体体积为V1,在大活塞与大圆筒底部刚接触时,缸内封闭气体的体积为V2,温度为T2。由题给条件得:
V1=S2+S1
V2=S2l
在活塞缓慢下移的过程中,用p1表示缸内气体的压强,由力的平衡条件得:
S1(p1-p)=m1g+m2g+S2(p1-p)
故缸内气体的压强不变。由盖—吕萨克定律有:
=
联立式并代入题给数据得:T2=330K
(2)在大活塞与大圆筒底部刚接触时,被封闭气体的压强为p1。在此后与汽缸外大气达到热平衡的过程中,被封闭气体的体积不变。设达到热平衡时被封闭气体的压强为p′,由查理定律,有=
联立式并代入题给数据得:p′=1.01×105Pa。
25.20xx·全国卷]如图,一粗细均匀的U形管竖直放置,A侧上端封闭,B侧上端与大气相通,下端开口处开关K关闭;A侧空气柱的长度为l=10.0cm,B侧水银面比A侧的高h=3.0cm。现将开关K打开,从U形管中放出部分水银,当两侧水银面的高度差为h1=10.0cm时将开关K关闭。已知大气压强p0=75.0cmHg。
(1)求放出部分水银后A侧空气柱的长度;
(2)此后再向B侧注入水银,使A、B两侧的水银面达到同一高度,求注入的水银在管内的长度。
答案(1)12.0cm(2)13.2cm
解析(1)以cmHg为压强单位。设A侧空气柱长度l=10.0cm时的压强为p;当两侧水银面的高度差为h1=10.0cm时,设空气柱的长度为l1,压强为p1。由玻意耳定律得:pl=p1l1
由力学平衡条件得:p=p0+h
打开开关K放出水银的过程中,B侧水银面处的压强始终为p0,而A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小,直到B侧水银面低于A侧水银面h1为止。由力学平衡条件有:p1=p0-h1
联立式,并代入题给数据得:l1=12.0cm
(2)当A、B两侧的水银面达到同一高度时,设A侧空气柱的长度为l2,压强为p2。由玻意耳定律得:pl=p2l2
由力学平衡条件有:p2=p0
联立式,并代入题给数据得:l2=10.4cm
设注入的水银在管内的长度为Δh,依题意得:Δh=2(l1-l2)+h1
联立式,并代入题给数据得:Δh=13.2cm。
26.20xx·石家庄质检]一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C,其pV图象如图所示。已知该气体在状态A时的温度为27℃,求:
(1)该气体在状态B和C时的温度分别为多少?
(2)该气体从状态A经B再到C的全过程中是吸热还是放热?传递的热量是多少?
答案(1)TB=600KTC=300K(2)放热,传递的热量为1000J
解析(1)对一定质量的理想气体,由图象可知A→B为等容变化,由查理定律得=,
代入数据得TB=600K。
A→C由理想气体状态方程得=
代入数据得TC=300K。
(2)从A经B到C气体体积减小,外界对气体做正功,由pV图线与横轴所围成的面积可得
W==1000J。
由于TA=TC,该气体在状态A和状态C内能相等,ΔU=0,由热力学第一定律ΔU=W+Q,
可得Q=-1000J,即气体向外界放出热量,传递的热量为1000J。
20xx届高三物理一轮复习导学案
十二、热学(3)
【课题】热力学定律能量守恒定律
【目标】
1.理解热力学第一定律,会进行简单计算;
2.理解能量守恒定律,理解第一类永动机不可制成的原理;
3.理解热力学第二定律两种不同表述的等价性,理解第二类永动机不可制成的原理。
【导入】
一、改变内能的两种方式
1、做功:是其它形式的能与内能相互转化的过程.内能的改变可以用做功的数值来量度.
2、热传递:是物体间内能转移的过程,或者是同一物体内部中内能的转移.内能的改变是用传递的热量来量度.热传递是发生在温度不同的两物体之间,热量从高温物体向低温物体传递。
热传递有三种方式:热传导、热对流和热辐射.
3、做功和热传递在改变物体的内能上是等效的,但有本质区别。
二、热力学第一定律
1、内容:如果物体跟外界同时发生做功和热传递,那么物体内能的增加⊿U等于外界对物体所做的功加上物体从外界吸收的热量Q,公式为⊿U=W+Q。
注意:⊿U、W、Q均可取正、负,具体是:
内能增加⊿U取正值,减少取负值;
外界对物体做功,W取正值,物体对外界做功取负值;
物体吸热Q取正值,放热取负值.
2、能量守恒定律:能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为别的形式,或者从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中其总量不变。能量守恒定律是自然界普遍适用的规律,不同形式的能可以相互转化。
3、第一类永动机(不消耗能源的机械)不可能造成
三.能源、环境
1、常规能源:人们把煤、石油、天然气叫做常规能源。但是,○1常规能源有限,○2常规能源带来的环境问题:温室效应、酸雨、光化学烟雾、污染等.
2、新能源的开发①流动的空气——风能②水的流动---水能③太阳能④沼气⑤核能
【导研】
[例1](1)如图所示的实验装置,把沾有乙醚的一小块棉花放在厚玻璃筒内底部,当很快向下压活塞时,由于被压缩的气体骤然变热,温度升高达到乙醚的燃点,使浸有乙醚的棉花燃烧起来,此实验的目的是要说明对物体()
A.做功可以增加物体的热量
B.做功可以改变物体的内能
C.做功一定会升高物体的温度
D.做功一定会增加物体的内能
(2)在轮胎爆炸这一短暂过程中,关于轮胎内的气体,下列叙述正确的是()
A.气体膨胀,温度不变B.气体膨胀,温度升高
C.气体膨胀,温度下降D.压强不变,内能增大
[例2]右图为电冰箱的工作原理图,压缩机工作时,强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环,那么,下列说法中正确的是()
A.在冰箱内的管道中,致冷剂迅速膨胀并吸收热量
B.在冰箱外的管道中,致冷剂迅速膨胀并放出热量
C.在冰箱内的管道中,致冷剂被剧烈压缩并吸收热量
D.在冰箱内的管道中,致冷剂被剧烈压缩并放出热量
[例3]下面设想符合能量守恒定律的是()
A.利用永久磁铁间的作用力造一台永远转动的机器
B.做成一条船利用河水的能量逆水航行
C.通过太阳照射飞机使飞机起飞
D.不用任何燃料使河水升温
[例5]如下图所示,密闭绝热的具有一定质量的活塞,活塞的上部封闭着气体,下部为真空,活塞与器壁的摩擦忽略不计,置于真空中的轻弹簧的一端固定于容器的底部.另一端固定在活塞上,弹簧被压缩后用绳扎紧,此时弹簧的弹性势能为Ep(弹簧处于自然长度时的弹性势能为零).现绳突然断开,弹簧推动活塞向上运动,经过多次往复运动后活塞静止,气体达到平衡态,经过此过程()
A.Ep全部转换为气体的内能
B.Ep一部分转换为活塞的重力势能,其余部分仍为弹簧的弹性势能
C.Ep全部转换为活塞的重力势能和气体的内能
D.Ep一部分转换为活塞的重力势能,一部分转换为内能,其余部分仍为弹簧的弹性势能
[例6](2009学年第一学期徐汇区高三年级物理期末卷)一定质量的理想气体状态变化如图所示,其中AB段与t轴平行,已知在状态A时气体的体积为10L,那么变到状态B时气体的体积为______L,变到状态C时气体的压强是0℃时气体压强的______倍。
【导练】
1.下述做法能改善空气质量的是()
A.以煤等燃料作为主要生活燃料
B.利用太阳能、风能和氢能等能源替代化石能源
C.鼓励私人购买和使用汽车代替公交车
D.限制使用电动车
2.对一定量的气体,下列说法正确的是()
A、在体积缓慢地不断增大的过程中,气体一定对外界做功
B、在压强不断增大的过程中,外界对气体一定做功
C、在体积不断被压缩的过程中,内能一定增加
D、在与外界没有发生热量交换的过程中,内能一定不变
3.如图所示,绝热气缸中间用固定栓将可无摩擦移动的导热隔板固定,隔板质量不计,左右两室分别充有一定量的氢气和氧气(视为理想气体)。初始时,两室气体的温度相等,氢气的压强大于氧气的压强,松开固定栓直至系统重新达到平衡,下列说法中正确的是()
A.初始时氢分子的平均动能大于氧分子的平均动能
B.系统重新达到平衡时,氢气的内能比初始时的小
C.松开固定栓直至系统重新达到平衡的过程中有热量从氧气传递到氢气
D.松开固定栓直至系统重新达到平衡的过程中,氧气的内能先增大后减小
4.(09上海市崇明县)如图所示,一根竖直的弹簧支持着一倒立气缸的活塞,使气缸悬空而静止。设活塞与缸壁间无摩擦,可以在缸内自由移动,缸壁导热性良好使缸内气体的温度保持与外界大气温度相同,则下列结论中正确的是()
A.若外界大气压增大,则弹簧将压缩一些;
B.若外界大气压增大,则气缸的上底面距地面的高度将增大;
C.若气温升高,则活塞距地面的高度将减小;
D.若气温升高,则气缸的上底面距地面的高度将增大。
5.如下图所示的导热汽缸内,用活塞封闭一定质量的理想气体,将突然迅速向下压活塞的过程设为甲过程,将缓慢地向下压活塞的过程设为乙过程.已知甲、乙两个过程中气体初态和末态的体积相同,不考虑活塞与汽缸的摩擦及大气压的变化.则下列说法正确的是()
A.两过程大气压力对活塞做的功一样多
B.甲过程汽缸内气体末态内能比乙过程气体末态内能大
C.甲过程中气体的压强不断增大,乙过程中气体的压强不变
D.甲过程汽缸内每个分子对缸壁的冲力增大,乙过程汽缸内每个分子对缸壁的冲力减小
6.如下图所示,一定质量的理想气体用不导热的活塞封闭的内壁光滑的绝热气缸内,气缸竖直放置,缸内安装一电热丝,活塞质量为m,横截面积为S,外界大气压强为p0,重力加速度为g.开始时活塞处于静止状态,将电热丝通电给气体缓慢加热,测得电热丝两端电压为U,通过的电流为I.经过时间t,活塞缓慢向上移动距离L0.求:
(1)气体对外所做的功;
(2)气体内能的增量.
教学目标
(1)知道热力学第一定律,理解能量守恒定律
(2)对热力学第一定律的数学表达式有简单认识
(3)知道永动机是不可能的
教学建议
教材分析
分析一:本节由改变物体内能的两种方式引出热力学第一定律及其数学表达式,在此基础上结合以往的知识总结出能量守恒定律,最后通过能量守恒定律阐述永动机是不可能的.
分析二:根据热力学第一定律知,物体内能的改变量,运用此公式时,需要注意各物理量的符号:物体内能增加时,为正,物体内能减少时,为负;外界对物体做功时,为正,物体对外界做功时,为负;物体吸收热量时,为正,物体放出热量.
分析三:各种形式的能量在转化和转移过程中保持总量不变,无任何附加条件,而某种或几种能的守恒是要有条件的(例如机械能守恒需要对于系统只有重力或弹力做功).
教法建议
建议一:在讲完热力学第一定律后,给出其表达式,为增进学生对其理解,最好能举出实际例子,应用热力学第一定律计算或解释.
建议二:在讲能量守恒定律后,最好能用它对以往所学知识进行一个简单的总结.要使学生认识到能量守恒定律是一个普遍的规律,热力学第一定律是其一个具体表达形式.另外,为激发学生学习兴趣,阐述能量守恒定律的重要意义,可以简单介绍一下19世纪自然科学的三大发现.
教学设计示例
教学重点:热力学第一定律和能量守恒定律
教学难点:永动机
一、热力学第一定律
改变物体内能的方式有两种:做功和热传递.
运用此公式时,需要注意各物理量的符号:物体内能增加时,为正,物体内能减少时,为负;外界对物体做功时,为正,物体对外界做功时,为负;物体吸收热量时,为正,物体放出热量时,为负.
例1:下列说法中正确的是:
A、物体吸收热量,其内能必增加
B、外界对物体做功,物体内能必增加
C、物体吸收热量,同时对外做功,其内能可能减少
D、物体温度不变,其内能也一定不变
答案:C
评析:在分析问题时,要求考虑比较周全,既要考虑到内能包括分子动能和分子势能,又要考虑到改变内能也有两种方式:做功和热传递.
例题2:空气压缩机在一次压缩中,空气向外界传递的热量2.0×105J,同时空气的内能增加了1.5×105J.这时空气对外做了多少功?
解:根据热力学第一定律知
1.5×105J-2.0×105J=-0.5×105J
所以此过程中空气对外做了0.5×105J的功.
二、能量守恒定律
1、复习各种能量的相互转化和转移
2、能量守恒定律:能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式转化为别的形式,或者从一个物体转移到别的物体,在转化或转移的过程中其总量不变.(学生看书学习能量守恒定律内容).
3、能量守恒定律的历史意义.
三、永动机
永动机的原理违背了能量守恒定律,所以是不可能的.
举例说明几种永动机模型
四、作业
探究活动
题目:永动机
组织:分组
方案:收集有关永动机的材料,并运用所学知识说明永动机是不可能的
评价:材料的丰富性
文章来源:http://m.jab88.com/j/71871.html
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